Comments
Description
Transcript
הלאש 1 2
תררגיל כיתא 6 שאלה 1 מה קיבול של קבל? א .לוחות ב .כדורי ג .גלילי שאלה 2 (26נתון קבל לוחות כמתואר בציור .הראה שעבור זויות ⎛ ε 0a2 ⎞ aθ ⎜1 − ⎟ ⎝ d ⎠ 2d θקטנות הקיבול נתון ע"י: = .C פתרון: נחלק את הקבל להרבה קבלים דיפרנציאלים ,כל אחד בעל לוחות מקבילים באורך :dx ידוע לנו שהקיבול של קבל עם לוחות מקבילים שווה ל- ε0 A d = , Cכש A-הוא שטח הלוחות ו d -הוא המרחק בין הלוחות .במקרה שלנו ,הקיבול של כל קבל דיפרנציאלי הוא: ε 0 dA )d ( x = . dC d ( x) = d + x sin θ dA = a dx כדי לקבל את הקיבול של כל הקבל ,נחשב את האינטגרל על כל הקבלים הקטנים: ⎛ ⎡ a ⎤⎞ ⎥⎟ ⎢ln⎜1 + d sin θ ⎦⎠ ⎝ ⎣ ⎞ ⎟ ⎠ = ε 0a sin θ ⎛ d + a sin θ d ⎝ sin θ ⎜ε 0 a ln אם הזווית θקטנה , sin θ ≈ θ :ולכן: 1 ) ε 0 a ln (d + x sin θ = sin θ 0 a = ε 0 a dx d + x sin θ a ∫=C 0 תררגיל כיתא 6 ⎤⎞ ε 0 a ⎡ ⎛ a ⎟ ln⎜1 + θ ⎦⎥⎠ θ ⎢⎣ ⎝ d a קיבלנו פונקציה מהצורה , f ( x) = ln(1 + x ) :כשθ << 1 : d ≈C ≡ . xנפתח את הפונקציה הזאת בטור טיילור סביב : x = 0 f ' ' (0) = −1 f ' ' ( x) x 2 x2 =x− !2 2 ⎤⎡ aθ ⎥ ⎢1 − d 2 ⎣ ⎦ 2 f ' ( 0) = 1 f (0) = 0 ⇒ f ( x) ≈ f (0) + f ' (0) x + ε 0a ⎡ a a2 2 ⎤ ε 0a2 − θ =⎥ θ θ ⎢⎣ d d ⎦ 2d 2 ≈⇒ C Part 2 .3מצא/י: א( קיבול אפקטיבי של מערכת הקבלים. ב( אנרגיה על הקבל האפקטיבי. ג( פוטנציאלים ומטענים על הקבלים .C1 , C4 , C3 C2 =4.0 μF C3 = 1.5 μF C1 = 3.0 μF C4=5.0 μF 20V C2 =4.0 μF C5=3.0 μF .4נתונים שלושה לוחות מוליכים מקבילים כמתואר בציור .שטח כל לוח הוא .A הלוח האמצעי טעון במטען .Q א( מהו השדה החשמלי בין כל זוג לוחות? ב( מהו הפוטנציאל החשמלי בלוח המרכזי? ג( מה הקיבול של המערכת? d1 ד( מהו הכוח הפועל על הלוח האמצעי? d2 ה( מהי האנרגיה של המערכת? חשב/י על ידי חישוב ישיר )בעזרת פוטנציאל( וע"י הקיבול .בדוק/י ששתי התשובות יוצאות זהות! ) .5בונוס( נתון קבל לוחות ריבועי בעל אורך צלע aהמלא עד מחצית אורכו בחומר דיאלקטרי בעל מקדם 0 1 x כאשר xהיא קואורדינטה בין לוחות הקבל )ראה/י באיור(. א( מצא/י את קיבולו של הקבל הנ"ל והסבר/י את תשובתך. ב( נתון כי על הקבל יש מתח .V0חשב/י כמה מהאנרגיה אגורה בחלק x המלא ) (Aוכמה בחלק הריק ).(B a a 2 d a 2 * .6נתון קבל כדורי )ראה/י שרטוט( .טוענים את הקבל תחת מתח של 10וולט. א( מהו הקיבול ומהו המטען על הקבל? ב( מכניסים חומר דיאלקטרי בין לוחות הקבל .המקדם הדיאלקטרי של החומר הוא . 1.5בכמה ישתנה המטען? ג( בכמה היה משתנה המתח על הקבל אם היו מנתקים את מקור המתח לפני הכנסת חומר הדיאלקטרי? R1 .R1=1cm, R2=5cm R2 10V * .7קבל לוחות רגיל ממולא בחומר דיאלקטרי כמוראה בציור יש להראות )בעזרת חוק גאוס!( שהקיבול יהיה: d 2 0 A e1 e 2 d e1 e 2 C Ke1 Ke2 .3א( השיטה היא ,להתחיל מזוג קבלים כלשהו ,לצמצם אותם לקבל אפקטיבי יחיד ולהמשיך לפשט את המעגל רכיב רכיב. נתבונן בזוג הקבלים :C2 הכף החיובית מחוברת לכף החיובית ,כלומר הם C1 = 3.0 µF C6 =2.5 µF C2 =4.0 µF C3 = 1.5 µF C4=5.0 µF מחוברים בטור. 20V C2 =4.0 µF C5=3.0 µF C6 =2.5 µF מכאן, ניתן לראות C =2.0 µF C3 = 1.5 µF C1 = 3.0 µF C4=5.0 µF שהקבל החדש וC3- 20V מחוברים במקביל כי המתח על הכף העליונה של כ"א מהם חייב להיות זהה. C1 = 3.0 µF C6 =2.5 µF מכאן, נתבונן ב .C5-הקבל מקוצר C5=3.0 µF C = 3.5 µF C4=5.0 µF על ידי תיל שמתחבר ל .C-אפשר לדמות זאת על ידי כך שמגדירים 20V קבל ∞ =’C בעל קיבול ∞ הנמצא מול .C5מכיוון שהם C5=3.0 µF מחוברים במקביל ,הקיבול האפקטיבי שלהם הוא ∞ )מכיוון שהמתח משני צידי C5חייב להיות זהה(. מכאן C ,ו C4-מחוברים במקביל, C1 = 3.0 µF לכן נקבל C = 3.5 µF C4=5.0 µF 20V מכאן ,הקיבול הכללי מתקבל מחיבור C1 = 3.0 µF בטור של Cו ,C1-כך ש.Ct=2.22 µF- C = 8.5µ F 20V ב( האנרגיה היא 1 U = CtV 2 = 4.44 × 10−4 J 2 ג( ע"מ למצוא את המתחים נלך אחורה מסעיף א' C1 .מחובר בטור עם ,Cלכן V1 + V = ε ⎫ Ct ε q C =ε = 14.78V ⇒ q1 = V1C1 = 4.43 × 10−5 C ⎬ ⇒ V1 + = ε ⇒ V1 = ε − ⎭ q1 = q = Ct ε C C C1 + C המתח על קבל Cהוא . V = 5.22Vמכיוון ש C4-מחובר במקביל ל C-מהשלב הקודם )בסעיף א'( . V = V4 = 5.22Vכמו"כ C3 ,מחובר במקביל ל C4-לכן . V3 = V4 = 5.22Vמכאן . q3 = 7.83 ×10−6 C , q4 = 2.61×10−5 C )היופי הוא בפשטות(... .4א( בשני הלוחות המוארקים הפוטנציאל d1 E1 d2 E2 שווה לאפס .מאחר ועל הלוח המרכזי קיים פוטנציאל כלשהו הפרש הפוטנציאלים בין הלוח העליון למרכזי שווה להפרש הפוטנציאלים בין הלוח התחתון למרכזי ,מכאן נקבל: בעזרת חוק גאוס נקבל משוואה נוספת: ∆V1 = ∆V2 ⇒ E1d1 = E2 d 2 ) – Sשטח הבסיס של המשטח הגאוסי )הגליל(( Q נזכור ש: A = E1S + E2 S ε0 Q = E1 + E2 Aε 0 = σונצמצם את Sונקבל: Q d1 Aε 0 d1 + d 2 מפתרון שתי המשוואות נקבל: Sσ = , E2 Q d2 Aε 0 d1 + d 2 = E1 ב( הפוטנציאל החשמלי בלוח המרכזי: Q d1d 2 Aε 0 d1 + d 2 = E1d1 = E2 d 2 ג( ע"מ למצוא את הקיבול של המערכת נשים לב כי יש למעשה שני קבלים. האחד ,מהלוח העליון לאמצעי ,והשני ,מהאמצעי לתחתון .שני לוחות אלו מחוברים במקביל )לוח עליון לחצי לוח מרכזי ולוח תחתון לחצי לוח מרכזי(. A A d + d2 + ε0 = ε0 A 1 d1 d2 d1d 2 לכן: C = C1 + C2 = ε 0 ד( את המטען על חצי העליון של הלוח המרכזי נוכל למצוא בעזרת התוצאה מסעיף א' :באופן כללי עבור שדה בין לוחות - q Aε 0 = , Eלכן: q1 Q d2 d2 = ⇒ q1 = Q Aε 0 Aε 0 d1 + d 2 d1 + d 2 = E1 הכוח על הלוח המרכזי הוא השדה שיוצר הלוח העליון )בלבד!!( כפול המטען: d2 q d2 d2 Q 2 d 22 Q ⋅ 1 =Q ⋅ = d1 + d 2 2 Aε 0 d1 + d 2 2 Aε 0 d1 + d 2 2 Aε 0 ( d1 + d 2 )2 F1 = q1 E = Q באופן דומה נקבל עבור החצי התחתון .הכוח השקול הפועל על הלוח המרכזי )המינוס בא כי הכוחות פונים לכיוונים שונים!(: ) Q 2 ( d 2 − d1 = ) 2 Aε 0 ( d1 + d 2 ) Q 2 ( d 22 − d12 2 ) 2 Aε 0 ( d1 + d 2 = Q 2 d12 2 ) 2 Aε 0 ( d1 + d 2 − Q 2 d 22 2 ) 2 Aε 0 ( d1 + d 2 = F = F1 − F2 ה( האנרגיה האגורה במערכת )בשתי הדרכים(. בפתרון לפי הפוטנציאל נשים לב כי האנרגיה היא המטען של חצי העליון של הלוח המרכזי כפול השדה שיוצר הלוח העליון פלוס המטען של חצי התחתון של הלוח המרכזי כפול השדה שיוצר הלוח התחתון: d2 Q d1d 2 + d1 + d 2 2 Aε 0 d1 + d 2 U = q1 ⋅ ∆V + q2 ⋅ ∆V = q1 ⋅ d1 E↑ + q2 ⋅ d 2 E↓ = Q ) d1d 2Q 2 ( d1 + d 2 d1 Q d1d 2 Q2 d1d 22 Q2 d 2 d12 = + = = d1 + d 2 2 Aε 0 d1 + d 2 2 Aε 0 ( d1 + d 2 )2 2 Aε 0 ( d1 + d 2 )2 2 Aε 0 ( d1 + d 2 )2 +Q d1d 2Q 2 ) 2 Aε 0 ( d1 + d 2 d1d 2Q 2 = ) 2 Aε 0 (d1 + d 2 ) Q2 ) Aε 0 ( d1 + d 2 d1d 2 ( = 1 Q2 = =U 2 C 2 .5א( נפרק את הקבל המורכב לקבלים פשוטים יותר: a x d dx a 2 a 2 תחילה נחלק אותו לשני חלקים ,ימני ושמאלי .מפל המתח על הקבל השמאלי שווה לימני )הם מחוברים ע"י מוליך( לכן ,נתייחס אליהם כאל קבלים במקביל .בנוסף ,נחלק את הקבל הימני לקבלים אינפיניטסימליים לרוחבו .מפל המתח על הקבל הימני הוא סכום של מפלי המתחים על אוסף הקבלים האינפיניטסימליים )גם המטען הכולל זהה למטען בכל קבל( ,לכן נתייחס לאוסף קבלים אלו כמחוברים בטור. CT = C A + CB d ε 0α a 2 ⎫ 1 1 2dx 2 A ln (1 + α d ) ⇒ C A = dC A = ε → = = = ⎪ 2 ln (1 + α d ) ⎪ dx C A ∫ dC A ∫0 ε 0 (1 + α x ) a 2 ε 0α a 2 ⎬⇒ A a2 ⎪ CB = ε 0 = ε 0 ⎪⎭ d 2d ⎞ a2 ⎛ 1 α ⇒ CT = ε 0 ⎜⎜ + ⎟[F ] 2 ⎝ d ln (1 + α d ) ⎟⎠ , על כן.V0- המתח עליהם זהה ושווה ל,ב( מכיוון שהקבלים מחוברים במקביל 1 U = CV 2 2 ⎞ 2 1 a2 ⎛ 1 α U T = ε 0 ⎜⎜ + ⎟ V0 [ J ] 2 2 ⎝ d ln (1 + α d ) ⎟⎠ 1 ε 0α a 2 UA = V02 [ J ] 2 2 ln (1 + α d ) 1 a2 2 UB = ε0 V0 [ J ] 2 2d :החלק של האנרגיה שאגורה בקבל הימני היא 1 ε 0α a 2 V02 [ J ] 2 2 ln (1 + α d ) UA α = = = 2 UT 1 a ⎛ 1 ⎞ 2 ⎛1 ⎞ α α ε0 ⎜ + ⎟ V0 [ J ] ln (1 + α d ) ⎜ + ⎟ 2 2 ⎝ d ln (1 + α d ) ⎠ ⎝ d ln (1 + α d ) ⎠ α αd = = ⎛ ln (1 + α d ) + dα ⎞ ln (1 + α d ) + dα ⎜ ⎟ d ⎝ ⎠ :החלק של האנרגיה שאגורה בקבל השמאלי היא 1 a2 2 1 1 ε 0 V0 [ J ] UB d d 2 2d = = = = UT 1 a 2 ⎛ 1 ⎞ ⎛ ⎞ ⎛ ln (1 + α d ) + dα ⎞ 1 α α 2 ε0 ⎜ + ⎟ V0 [ J ] ⎜ + ⎟ ⎜ ⎟ 2 2 ⎝ d ln (1 + α d ) ⎠ ⎝ d ln (1 + α d ) ⎠ ⎝ d ln (1 + α d ) ⎠ ln (1 + α d ) = ln (1 + α d ) + dα